1、问题相关定义:
(1)凸多边形的三角剖分:将凸多边形分割成互不相交的三角形的弦的集合T。
(2)最优剖分:给定凸多边形P,以及定义在由多边形的边和弦组成的三角形上的权函数w。要求确定该凸多边形的三角剖分,使得该三角剖分中诸三角形上权之和为最小。
凸多边形三角剖分如下图所示:
2、最优子结构性质:
若凸(n+1)边形P={V0,V1……Vn}的最优三角剖分T包含三角形V0VkVn,1<=k<=n,则T的权为三个部分权之和:三角形V0VkVn的权,多边形{V0,V1……Vk}的权和多边形{Vk,Vk+1……Vn}的权之和。如下图所示:
可以断言,由T确定的这两个子多边形的三角剖分也是最优的。因为若有{V0,V1……Vk}和{V0,V1……Vk}更小权的三角剖分,将导致T不是最优三角剖分的矛盾。因此,凸多边形的三角剖分问题具有最优子结构性质。
3、递推关系:
设t[i][j],1<=i<j<=n为凸多边形{Vi-1,Vi……Vj}的最优三角剖分所对应的权值函数值,即其最优值。最优剖分包含三角形Vi-1VkVj的权,子多边形{Vi-1,Vi……Vk}的权,子多边形{Vk,Vk+1……Vj}的权之和。
因此,可得递推关系式:
凸(n+1)边形P的最优权值为t[1][n]。
程序清单如下:
- //3d5 凸多边形最优三角剖分
- #include "stdafx.h"
- #include <iostream>
- using namespace std;
- const int N = 7;//凸多边形边数+1
- int weight[][N] = {{0,2,2,3,1,4},{2,0,1,5,2,3},{2,1,0,2,1,4},{3,5,2,0,6,2},{1,2,1,6,0,1},{4,3,4,2,1,0}};//凸多边形的权
- int MinWeightTriangulation(int n,int **t,int **s);
- void Traceback(int i,int j,int **s);//构造最优解
- int Weight(int a,int b,int c);//权函数
- int main()
- {
- int **s = new int *[N];
- int **t = new int *[N];
- for(int i=0;i<N;i++)
- {
- s[i] = new int[N];
- t[i] = new int[N];
- }
- cout<<"此多边形的最优三角剖分值为:"<<MinWeightTriangulation(N-1,t,s)<<endl;
- cout<<"最优三角剖分结构为:"<<endl;
- Traceback(1,5,s); //s[i][j]记录了Vi-1和Vj构成三角形的第3个顶点的位置
- return 0;
- }
- int MinWeightTriangulation(int n,int **t,int **s)
- {
- for(int i=1; i<=n; i++)
- {
- t[i][i] = 0;
- }
- for(int r=2; r<=n; r++) //r为当前计算的链长(子问题规模)
- {
- for(int i=1; i<=n-r+1; i++)//n-r+1为最后一个r链的前边界
- {
- int j = i+r-1;//计算前边界为r,链长为r的链的后边界
- t[i][j] = t[i+1][j] + Weight(i-1,i,j);//将链ij划分为A(i) * ( A[i+1:j] )这里实际上就是k=i
- s[i][j] = i;
- for(int k=i+1; k<j; k++)
- {
- //将链ij划分为( A[i:k] )* (A[k+1:j])
- int u = t[i][k] + t[k+1][j] + Weight(i-1,k,j);
- if(u<t[i][j])
- {
- t[i][j] = u;
- s[i][j] = k;
- }
- }
- }
- }
- return t[1][N-2];
- }
- void Traceback(int i,int j,int **s)
- {
- if(i==j) return;
- Traceback(i,s[i][j],s);
- Traceback(s[i][j]+1,j,s);
- cout<<"三角剖分顶点:V"<<i-1<<",V"<<j<<",V"<<s[i][j]<<endl;
- }
- int Weight(int a,int b,int c)
- {
- return weight[a][b] + weight[b][c] + weight[a][c];
- }
程序输入如下所示:
运行结果如图:
1、问题描述:
给定N个顶点的多边形,每个顶点标有一个整数,每条边上标有+(加)或是×(乘)号,并且N条边按照顺时针
依次编号为1~N。下图给出了一个N=4个顶点的多边形。
游戏规则 :(1) 首先,移走一条边。 (2) 然后进行下面的操作: 选中一条边E,该边有两个相邻的顶点,不妨称为V1和V2。对V1和V2顶点所标的整数按照E上所标运算符号(+或是×)进行运算,得到一个整数;用该整数标注一个新顶点,该顶点代替V1和V2 。 持续进行此操作,直到最后没有边存在,即只剩下一个顶点。该顶点的整数称为此次游戏的得分(Score)。
2、问题分析:
解决该问题可用动态规划中的最优子结构性质来解。
设所给的多边形的顶点和边的顺时针序列为op[1],v[1],op[2],v[2],op[3],…,op[n],v[n] 其中,op[i]表示第i条边所对应的运算符,v[i]表示第i个顶点上的数值,i=1~n。
在所给的多边形中,从顶点i(1<=i<=n)开始,长度为j(链中有j个顶点)的顺时针链p(i,j)可表示为v[i],op[i+1],…,v[i+j-1],如果这条链的最后一次合并运算在op[i+s]处发生(1<=s<=j-1),则可在op[i+s]处将链分割为两个子链p(i,s)和p(i+s,j-s)。
设m[i,j,0]是链p(i,j)合并的最小值,而m[i,j,1]是最大值。若最优合并在op[i+s]处将p(i,j)分为两个长度小于j的子链的最大值和最小值均已计算出。即:
a=m[i,s,0] b=m[i,s,1] c=m[i,s,0] d=m[i,s,1]
(1) 当op[i+s]=’+’时
m[i,j,0]=a+c ;m[i,j,1]=b+d
(2) 当op[i+s]=’*’时
m[i,j,0]=min{ac,ad,bc,bd} ; m[i,j,1]=max{ac,ad,bc,bd}
由于最优断开位置s有1<=s<=j-1的j-1中情况。 初始边界值为 m[i,1,0]=v[i] 1<=i<=n m[i,1,1]=v[i] 1<=i<=n
因为多变形式封闭的,在上面的计算中,当i+s>n时,顶点i+s实际编号为(i+s)modn。按上述递推式计算出的m[i,n,1]记为游戏首次删除第i条边后得到的最大得分。
算法具体代码如下:
- //3d6 多边形游戏
- #include "stdafx.h"
- #include <iostream>
- using namespace std;
- #define NMAX 100
- int N,m[NMAX+1][NMAX+1][2],v[NMAX+1];
- char op[NMAX+1];
- void MinMax(int n,int i,int s,int j,int &minf,int &maxf);
- int PloyMax(int n,int& p);
- int main()
- {
- int p;
- cout<<"请输入多边形顶点数:"<<endl;
- cin>>N;
- for(int i=1; i<=N; i++)
- {
- cout<<"请输入多边形顶点"<<i<<"数值:"<<endl;
- cin>>v[i];
- m[i][1][0]=v[i];
- m[i][1][1]=v[i];
- cout<<"请输入多边形边"<<i<<"运算符:"<<endl;
- cin>>op[i];
- }
- cout<<"多边形游戏首次删除第"<<p<<"条边,结果为:"<<PloyMax(N,p)<<endl;
- return 0;
- }
- void MinMax(int n,int i,int s,int j,int &minf,int &maxf)
- {
- int e[5];
1、问题相关定义:
(1)凸多边形的三角剖分:将凸多边形分割成互不相交的三角形的弦的集合T。
(2)最优剖分:给定凸多边形P,以及定义在由多边形的边和弦组成的三角形上的权函数w。要求确定该凸多边形的三角剖分,使得该三角剖分中诸三角形上权之和为最小。
凸多边形三角剖分如下图所示:
2、最优子结构性质:
若凸(n+1)边形P={V0,V1……Vn}的最优三角剖分T包含三角形V0VkVn,1<=k<=n,则T的权为三个部分权之和:三角形V0VkVn的权,多边形{V0,V1……Vk}的权和多边形{Vk,Vk+1……Vn}的权之和。如下图所示:
可以断言,由T确定的这两个子多边形的三角剖分也是最优的。因为若有{V0,V1……Vk}和{V0,V1……Vk}更小权的三角剖分,将导致T不是最优三角剖分的矛盾。因此,凸多边形的三角剖分问题具有最优子结构性质。
3、递推关系:
设t[i][j],1<=i<j<=n为凸多边形{Vi-1,Vi……Vj}的最优三角剖分所对应的权值函数值,即其最优值。最优剖分包含三角形Vi-1VkVj的权,子多边形{Vi-1,Vi……Vk}的权,子多边形{Vk,Vk+1……Vj}的权之和。
因此,可得递推关系式:
凸(n+1)边形P的最优权值为t[1][n]。
程序清单如下:
- //3d5 凸多边形最优三角剖分
- #include "stdafx.h"
- #include <iostream>
- using namespace std;
- const int N = 7;//凸多边形边数+1
- int weight[][N] = {{0,2,2,3,1,4},{2,0,1,5,2,3},{2,1,0,2,1,4},{3,5,2,0,6,2},{1,2,1,6,0,1},{4,3,4,2,1,0}};//凸多边形的权
- int MinWeightTriangulation(int n,int **t,int **s);
- void Traceback(int i,int j,int **s);//构造最优解
- int Weight(int a,int b,int c);//权函数
- int main()
- {
- int **s = new int *[N];
- int **t = new int *[N];
- for(int i=0;i<N;i++)
- {
- s[i] = new int[N];
- t[i] = new int[N];
- }
- cout<<"此多边形的最优三角剖分值为:"<<MinWeightTriangulation(N-1,t,s)<<endl;
- cout<<"最优三角剖分结构为:"<<endl;
- Traceback(1,5,s); //s[i][j]记录了Vi-1和Vj构成三角形的第3个顶点的位置
- return 0;
- }
- int MinWeightTriangulation(int n,int **t,int **s)
- {
- for(int i=1; i<=n; i++)
- {
- t[i][i] = 0;
- }
- for(int r=2; r<=n; r++) //r为当前计算的链长(子问题规模)
- {
- for(int i=1; i<=n-r+1; i++)//n-r+1为最后一个r链的前边界
- {
- int j = i+r-1;//计算前边界为r,链长为r的链的后边界
- t[i][j] = t[i+1][j] + Weight(i-1,i,j);//将链ij划分为A(i) * ( A[i+1:j] )这里实际上就是k=i
- s[i][j] = i;
- for(int k=i+1; k<j; k++)
- {
- //将链ij划分为( A[i:k] )* (A[k+1:j])
- int u = t[i][k] + t[k+1][j] + Weight(i-1,k,j);
- if(u<t[i][j])
- {
- t[i][j] = u;
- s[i][j] = k;
- }
- }
- }
- }
- return t[1][N-2];
- }
- void Traceback(int i,int j,int **s)
- {
- if(i==j) return;
- Traceback(i,s[i][j],s);
- Traceback(s[i][j]+1,j,s);
- cout<<"三角剖分顶点:V"<<i-1<<",V"<<j<<",V"<<s[i][j]<<endl;
- }
- int Weight(int a,int b,int c)
- {
- return weight[a][b] + weight[b][c] + weight[a][c];
- }
程序输入如下所示:
运行结果如图:
1、问题描述:
给定N个顶点的多边形,每个顶点标有一个整数,每条边上标有+(加)或是×(乘)号,并且N条边按照顺时针
依次编号为1~N。下图给出了一个N=4个顶点的多边形。
游戏规则 :(1) 首先,移走一条边。 (2) 然后进行下面的操作: 选中一条边E,该边有两个相邻的顶点,不妨称为V1和V2。对V1和V2顶点所标的整数按照E上所标运算符号(+或是×)进行运算,得到一个整数;用该整数标注一个新顶点,该顶点代替V1和V2 。 持续进行此操作,直到最后没有边存在,即只剩下一个顶点。该顶点的整数称为此次游戏的得分(Score)。
2、问题分析:
解决该问题可用动态规划中的最优子结构性质来解。
设所给的多边形的顶点和边的顺时针序列为op[1],v[1],op[2],v[2],op[3],…,op[n],v[n] 其中,op[i]表示第i条边所对应的运算符,v[i]表示第i个顶点上的数值,i=1~n。
在所给的多边形中,从顶点i(1<=i<=n)开始,长度为j(链中有j个顶点)的顺时针链p(i,j)可表示为v[i],op[i+1],…,v[i+j-1],如果这条链的最后一次合并运算在op[i+s]处发生(1<=s<=j-1),则可在op[i+s]处将链分割为两个子链p(i,s)和p(i+s,j-s)。
设m[i,j,0]是链p(i,j)合并的最小值,而m[i,j,1]是最大值。若最优合并在op[i+s]处将p(i,j)分为两个长度小于j的子链的最大值和最小值均已计算出。即:
a=m[i,s,0] b=m[i,s,1] c=m[i,s,0] d=m[i,s,1]
(1) 当op[i+s]=’+’时
m[i,j,0]=a+c ;m[i,j,1]=b+d
(2) 当op[i+s]=’*’时
m[i,j,0]=min{ac,ad,bc,bd} ; m[i,j,1]=max{ac,ad,bc,bd}
由于最优断开位置s有1<=s<=j-1的j-1中情况。 初始边界值为 m[i,1,0]=v[i] 1<=i<=n m[i,1,1]=v[i] 1<=i<=n
因为多变形式封闭的,在上面的计算中,当i+s>n时,顶点i+s实际编号为(i+s)modn。按上述递推式计算出的m[i,n,1]记为游戏首次删除第i条边后得到的最大得分。
算法具体代码如下:
- //3d6 多边形游戏
- #include "stdafx.h"
- #include <iostream>
- using namespace std;
- #define NMAX 100
- int N,m[NMAX+1][NMAX+1][2],v[NMAX+1];
- char op[NMAX+1];
- void MinMax(int n,int i,int s,int j,int &minf,int &maxf);
- int PloyMax(int n,int& p);
- int main()
- {
- int p;
- cout<<"请输入多边形顶点数:"<<endl;
- cin>>N;
- for(int i=1; i<=N; i++)
- {
- cout<<"请输入多边形顶点"<<i<<"数值:"<<endl;
- cin>>v[i];
- m[i][1][0]=v[i];
- m[i][1][1]=v[i];
- cout<<"请输入多边形边"<<i<<"运算符:"<<endl;
- cin>>op[i];
- }
- cout<<"多边形游戏首次删除第"<<p<<"条边,结果为:"<<PloyMax(N,p)<<endl;
- return 0;
- }
- void MinMax(int n,int i,int s,int j,int &minf,int &maxf)
- {
- int e[5];
1、问题描述:
给定N个顶点的多边形,每个顶点标有一个整数,每条边上标有+(加)或是×(乘)号,并且N条边按照顺时针
依次编号为1~N。下图给出了一个N=4个顶点的多边形。
游戏规则 :(1) 首先,移走一条边。 (2) 然后进行下面的操作: 选中一条边E,该边有两个相邻的顶点,不妨称为V1和V2。对V1和V2顶点所标的整数按照E上所标运算符号(+或是×)进行运算,得到一个整数;用该整数标注一个新顶点,该顶点代替V1和V2 。 持续进行此操作,直到最后没有边存在,即只剩下一个顶点。该顶点的整数称为此次游戏的得分(Score)。
2、问题分析:
解决该问题可用动态规划中的最优子结构性质来解。
设所给的多边形的顶点和边的顺时针序列为op[1],v[1],op[2],v[2],op[3],…,op[n],v[n] 其中,op[i]表示第i条边所对应的运算符,v[i]表示第i个顶点上的数值,i=1~n。
在所给的多边形中,从顶点i(1<=i<=n)开始,长度为j(链中有j个顶点)的顺时针链p(i,j)可表示为v[i],op[i+1],…,v[i+j-1],如果这条链的最后一次合并运算在op[i+s]处发生(1<=s<=j-1),则可在op[i+s]处将链分割为两个子链p(i,s)和p(i+s,j-s)。
设m[i,j,0]是链p(i,j)合并的最小值,而m[i,j,1]是最大值。若最优合并在op[i+s]处将p(i,j)分为两个长度小于j的子链的最大值和最小值均已计算出。即:
a=m[i,s,0] b=m[i,s,1] c=m[i,s,0] d=m[i,s,1]
(1) 当op[i+s]=’+’时
m[i,j,0]=a+c ;m[i,j,1]=b+d
(2) 当op[i+s]=’*’时
m[i,j,0]=min{ac,ad,bc,bd} ; m[i,j,1]=max{ac,ad,bc,bd}
由于最优断开位置s有1<=s<=j-1的j-1中情况。 初始边界值为 m[i,1,0]=v[i] 1<=i<=n m[i,1,1]=v[i] 1<=i<=n
因为多变形式封闭的,在上面的计算中,当i+s>n时,顶点i+s实际编号为(i+s)modn。按上述递推式计算出的m[i,n,1]记为游戏首次删除第i条边后得到的最大得分。
算法具体代码如下:
- //3d6 多边形游戏
- #include "stdafx.h"
- #include <iostream>
- using namespace std;
- #define NMAX 100
- int N,m[NMAX+1][NMAX+1][2],v[NMAX+1];
- char op[NMAX+1];
- void MinMax(int n,int i,int s,int j,int &minf,int &maxf);
- int PloyMax(int n,int& p);
- int main()
- {
- int p;
- cout<<"请输入多边形顶点数:"<<endl;
- cin>>N;
- for(int i=1; i<=N; i++)
- {
- cout<<"请输入多边形顶点"<<i<<"数值:"<<endl;
- cin>>v[i];
- m[i][1][0]=v[i];
- m[i][1][1]=v[i];
- cout<<"请输入多边形边"<<i<<"运算符:"<<endl;
- cin>>op[i];
- }
- cout<<"多边形游戏首次删除第"<<p<<"条边,结果为:"<<PloyMax(N,p)<<endl;
- return 0;
- }
- void MinMax(int n,int i,int s,int j,int &minf,int &maxf)
- {
- int e[5];