我写的代码中比较高难度的队列操作问题了,用数组模拟的,还可以,一遍ac
Problem Description
现在银行已经很普遍,每个人总会去银行办理业务,一个好的银行是要考虑 平均逗留时间的,即: 在一定时间段内所有办理业务的人员逗留的时间的和/ 总的人数。逗留时间定义为 人员离开的时间减去人员来的时间。银行只有考虑了这一点,我们在办理业务的时候,才不会等太多的时间。
为了简化问题,我们认为银行只有一号窗口和二号窗口可以办理业务 ,并且在时间范围是12<=time<=18,即从中午十二点到晚上十八点,输入数据采用分钟即0代表中午12点,60代表下午一点,90代表下午一点半… 这样time>=0&&time<=360, 如果来的时间超出这个时间段不接受(办理时间不受限制)。每个人到达的时间都不一样。顾客到达的时候,总是前往人数少的那个窗口。如果人数相当或者两个窗口都没有人总是前往1号窗口。请计算平均逗留时间=总逗留的分钟数/总的人数。
Input
第一行一个整数t(0 < t <= 100), 代表输入的组数。
对于每一组输入一个整数n (0 < n <= 100),代表有n个人。然后是n行,每行有两个数据 x 与 y。 x代表顾客到达时间,y代表办理业务需要的时间。x, y 为整数(0 <= x <= 360)(y > 0 && y <= 15)。数据保证按顾客来的先后顺序输入。
Output
对于每组数据输出平均逗留时间,保留两位小数。
Sample Input
1 1 60 10
Sample Output
10.00
#include <iostream> #include <bits/stdc++.h> using namespace std; struct node { int come,time; } one[120],two[120]; int main() { int onel,oner,twol,twor,wait1,wait2; int t,i,j,k,a,b,n,peop,sum; scanf("%d",&t); for(i=1; i<=t; i++) { onel=oner=twol=twor=peop=sum=wait1=wait2=0; scanf("%d",&n); for(j=1; j<=n; j++) { scanf("%d %d",&a,&b); if(a>360) { continue; } peop++; for(k=onel+1; k<=oner; k++) { if(one[k].come>wait1) { wait1=one[k].come; } if(wait1+one[k].time<=a) { wait1+=one[k].time; sum+=wait1-one[k].come; onel++; } else { break; } } for(k=twol+1; k<=twor; k++) { if(two[k].come>wait2) { wait2=two[k].come; } if(wait2+two[k].time<=a) { wait2+=two[k].time; sum+=wait2-two[k].come; twol++; } else { break; } } if(oner-onel<=twor-twol) { one[++oner].come=a; one[oner].time=b; } else { two[++twor].come=a; two[twor].time=b; } } for(k=onel+1; k<=oner; k++) { if(one[k].come>wait1) { wait1=one[k].come; } wait1+=one[k].time; sum+=wait1-one[k].come; } for(k=twol+1; k<=twor; k++) { if(two[k].come>wait2) { wait2=two[k].come; } wait2+=two[k].time; sum+=wait2-two[k].come; } printf("%.2lf\n",(double)sum/(double)peop); } return 0; }