2018第九届蓝桥杯C++省赛B组

A第几天

2000年的1月1日，是那一年的第1天。
那么，2000年的5月4日，是那一年的第几天？

注意：需要提交的是一个整数，不要填写任何多余内容。
解：
直接手算即可：
ans=31+29+31+30+4=125

B明码

汉字的字形存在于字库中，即便在今天，16点阵的字库也仍然使用广泛。
16点阵的字库把每个汉字看成是16x16个像素信息。并把这些信息记录在字节中。

一个字节可以存储8位信息，用32个字节就可以存一个汉字的字形了。
把每个字节转为2进制表示，1表示墨迹，0表示底色。每行2个字节，
一共16行，布局是：

第1字节，第2字节
第3字节，第4字节
....
第31字节, 第32字节

这道题目是给你一段多个汉字组成的信息，每个汉字用32个字节表示，这里给出了字节作为有符号整数的值。

题目的要求隐藏在这些信息中。你的任务是复原这些汉字的字形，从中看出题目的要求，并根据要求填写答案。

这段信息是（一共10个汉字）：

4 0 4 0 4 0 4 32 -1 -16 4 32 4 32 4 32 4 32 4 32 8 32 8 32 16 34 16 34 32 30 -64 0 
16 64 16 64 34 68 127 126 66 -124 67 4 66 4 66 -124 126 100 66 36 66 4 66 4 66 4 126 4 66 40 0 16 
4 0 4 0 4 0 4 32 -1 -16 4 32 4 32 4 32 4 32 4 32 8 32 8 32 16 34 16 34 32 30 -64 0 
0 -128 64 -128 48 -128 17 8 1 -4 2 8 8 80 16 64 32 64 -32 64 32 -96 32 -96 33 16 34 8 36 14 40 4 
4 0 3 0 1 0 0 4 -1 -2 4 0 4 16 7 -8 4 16 4 16 4 16 8 16 8 16 16 16 32 -96 64 64 
16 64 20 72 62 -4 73 32 5 16 1 0 63 -8 1 0 -1 -2 0 64 0 80 63 -8 8 64 4 64 1 64 0 -128 
0 16 63 -8 1 0 1 0 1 0 1 4 -1 -2 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 1 0 5 0 2 0 
2 0 2 0 7 -16 8 32 24 64 37 -128 2 -128 12 -128 113 -4 2 8 12 16 18 32 33 -64 1 0 14 0 112 0 
1 0 1 0 1 0 9 32 9 16 17 12 17 4 33 16 65 16 1 32 1 64 0 -128 1 0 2 0 12 0 112 0 
0 0 0 0 7 -16 24 24 48 12 56 12 0 56 0 -32 0 -64 0 -128 0 0 0 0 1 -128 3 -64 1 -128 0 0

注意：需要提交的是一个整数，不要填写任何多余内容。
code:

#include<stdio.h>
int M[200][3];

void f(){
    
    
	for(int i=1;i<=16;i++){
    
    
		for(int j=1;j<=2;j++){
    
    
			int x=M[i][j];
			int len=0;
			char s[33]={
    
    ' '};
			if(x<0)x+=256;
			while(x){
    
    
				if(x%2==1){
    
    
					s[len++]='*';
				}else{
    
    
					s[len++]=' ';
				}
				x/=2;
			}
			for(int kk=7;kk>=0;kk--){
    
    //倒着输出
				printf("%c",s[kk]);
			}
		}
		printf("\n");
	}
}

int main(){
    
    
	
		
	for(int k=1;k<=10;k++){
    
    
		for(int i=1;i<=16;i++){
    
    
			for(int j=1;j<=2;j++){
    
    
				scanf("%d",&M[i][j]);
			}
		}	
		f();
		printf("\n");
	}
	return 0;
}

output:

     *
     *
     *
     *    *
************
     *    *
     *    *
     *    *
     *    *
     *    *
    *     *
    *     *
   *      *   *
   *      *   *
  *        ****
**


   *     *
   *     *
  *   *  *   *
 ******* ******
 *    * *    *
 *    **     *
 *    *      *
 *    * *    *
 ******  **  *
 *    *   *  *
 *    *      *
 *    *      *
 *    *      *
 ******      *
 *    *   * *
           *

     *
     *
     *
     *    *
************
     *    *
     *    *
     *    *
     *    *
     *    *
    *     *
    *     *
   *      *   *
   *      *   *
  *        ****
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        *
 *      *
  **    *
   *   *    *
       *******
      *     *
    *    * *
   *     *
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***      *
  *     * *
  *     * *
  *    *   *
  *   *     *
  *  *      ***
  * *        *

     *
      **
       *
             *
***************
     *
     *     *
     ********
     *     *
     *     *
     *     *
    *      *
    *      *
   *       *
  *     * *
 *       *

   *     *
   * *   *  *
  ***** ******
 *  *  *  *
     * *   *
       *
  ***********
       *
***************
         *
         * *
  ***********
    *    *
     *   *
       * *
        *

           *
  ***********
       *
       *
       *
       *     *
***************
       *
       *
       *
       *
       *
       *
       *
     * *
      *


      *
     *******
    *     *
   **    *
  *  * **
      * *
    **  *
 ***   *******
      *     *
    **     *
   *  *   *
  *    ***
       *
    ***
 ***

       *
       *
       *
    *  *  *
    *  *   *
   *   *    **
   *   *     *
  *    *   *
 *     *   *
       *  *
       * *
        *
       *
      *
    **
 ***


     *******
   **      **
  **        **
  ***       **
          ***
        ***
        **
        *


       **
      ****
       **

code2:

#include<stdio.h>
#include<math.h>

int main(){
    
    
	int ans=pow(9,9);
	printf("%d\n",ans);
	return 0;
}

所以最终答案：
387420489

C乘积尾零

如下的10行数据，每行有10个整数，请你求出它们的乘积的末尾有多少个零？

5650 4542 3554 473 946 4114 3871 9073 90 4329 
2758 7949 6113 5659 5245 7432 3051 4434 6704 3594 
9937 1173 6866 3397 4759 7557 3070 2287 1453 9899 
1486 5722 3135 1170 4014 5510 5120 729 2880 9019 
2049 698 4582 4346 4427 646 9742 7340 1230 7683 
5693 7015 6887 7381 4172 4341 2909 2027 7355 5649 
6701 6645 1671 5978 2704 9926 295 3125 3878 6785 
2066 4247 4800 1578 6652 4616 1113 6205 3264 2915 
3966 5291 2904 1285 2193 1428 2265 8730 9436 7074 
689 5510 8243 6114 337 4096 8199 7313 3685 211

注意：需要提交的是一个整数，表示末尾零的个数。不要填写任何多余内容。
code:

#include<stdio.h>
#include<math.h>
int min(int a,int b){
    
    
	if(a>b)return b;
	else return a;
}

int main(){
    
    
	int M[10][10];
	for(int i=0;i<10;i++){
    
    
		for(int j=0;j<10;j++){
    
    
			scanf("%d",&M[i][j]);
		}
	}
	int num_2=0;
	int num_5=0;
	
	for(int i=0;i<10;i++){
    
    
		for(int j=0;j<10;j++){
    
    
			while(M[i][j]%2==0){
    
    //取2的个数 
				num_2++;
				M[i][j]/=2;
			}
			
			while(M[i][j]%5==0){
    
    //取5的个数 
				num_5++;
				M[i][j]/=5;
			}
		}
	}
	int ans=min(num_2,num_5);//2，5取最小值即是ans 
	printf("%d",ans);
	return 0;
}

ans:31

D测试次数

x星球的居民脾气不太好，但好在他们生气的时候唯一的异常举动是：摔手机。

各大厂商也就纷纷推出各种耐摔型手机。x星球的质监局规定了手机必须经过耐摔测试，并且评定出一个耐摔指数来，之后才允许上市流通。
x星球有很多高耸入云的高塔，刚好可以用来做耐摔测试。塔的每一层高度都是一样的，与地球上稍有不同的是，他们的第一层不是地面，而是相当于我们的2楼。
如果手机从第7层扔下去没摔坏，但第8层摔坏了，则手机耐摔指数=7。
特别地，如果手机从第1层扔下去就坏了，则耐摔指数=0。
如果到了塔的最高层第n层扔没摔坏，则耐摔指数=n

为了减少测试次数，从每个厂家抽样3部手机参加测试。

某次测试的塔高为1000层，如果我们总是采用最佳策略，在最坏的运气下最多需要测试多少次才能确定手机的耐摔指数呢？

请填写这个最多测试次数。

注意：需要填写的是一个整数，不要填写任何多余内容。
分析：
这题就是一道数学题，注意，如果第二个手机碎在k层，那么只剩下一个手机了，只能从1层到k-1层一层一层试，如果第二个手机没有碎，则1—k层就不用测了，但是浪费了一次测试机会所以在多加k-1个楼层，即在2k-1层再测试，

满足(k^3+5k)>=1000的k最小为19；
ans=19；

E快速排序

以下代码可以从数组a[]中找出第k小的元素。

它使用了类似快速排序中的分治算法，期望时间复杂度是O(N)的。

请仔细阅读分析源码，填写划线部分缺失的内容。

#include <stdio.h>


int quick_select(int a[], int l, int r, int k) {
    
    
 int p = rand() % (r - l + 1) + l;
 int x = a[p];
 {
    
    int t = a[p]; a[p] = a[r]; a[r] = t;}
 int i = l, j = r;
 while(i < j) {
    
    
 while(i < j && a[i] < x) i++;
 if(i < j) {
    
    
 a[j] = a[i];
 j--;
 }
 while(i < j && a[j] > x) j--;
 if(i < j) {
    
    
 a[i] = a[j];
 i++;
 }
 }
 a[i] = x;
 p = i;
 if(i - l + 1 == k) return a[i];
 if(i - l + 1 < k) return quick_select( _____________________________ ); //填空
 else return quick_select(a, l, i - 1, k);
}
 
int main()
{
    
    
 int a[] = {
    
    1, 4, 2, 8, 5, 7, 23, 58, 16, 27, 55, 13, 26, 24, 12};
 printf("%d\n", quick_select(a, 0, 14, 5));
 return 0;
}

ans：a, i+1, r, k-(i-l+1)

F递增三元组

给定三个整数数组
A = [A1, A2, … AN],
B = [B1, B2, … BN],
C = [C1, C2, … CN]，
请你统计有多少个三元组(i, j, k) 满足：

1 <= i, j, k <= N
Ai < Bj < Ck

【输入格式】
第一行包含一个整数N。
第二行包含N个整数A1, A2, … AN。
第三行包含N个整数B1, B2, … BN。
第四行包含N个整数C1, C2, … CN。

对于30%的数据，1 <= N <= 100
对于60%的数据，1 <= N <= 1000
对于100%的数据，1 <= N <= 100000 0 <= Ai, Bi, Ci <= 100000

【输出格式】
一个整数表示答案
【样例输入】

【样例输出】

code1：（蛮力算法----时间复杂度----O（n^3））

#include<stdio.h>

int main(){
    
    
	
	int n;
	scanf("%d",&n);
	
	int a[n];
	int b[n];
	int c[n];
	
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		scanf("%d",&a[i]);
	}
	
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		scanf("%d",&b[i]);
	}
	
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		scanf("%d",&c[i]);
	}
	int sum=0;
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		for(int j=0;j<n;j++){
    
    
			for(int k=0;k<n;k++){
    
    
				if(c[k]>b[j]&&b[j]>a[i])sum++;
			}
		}
	}
	printf("%d",sum);
	return 0;
}

code2:(进行了一点点小优化，时间复杂度----O（n^2）)

#include<stdio.h>
#include<algorithm>
using namespace std;

typedef struct Node{
    
    
	int value;
	int BiggerOfNum;
	int i;
}Node;

bool cmp(Node a,Node b){
    
    
	return a.value<b.value;
}

int main(){
    
    
	int n;
	scanf("%d",&n);
	
	Node a[n];
	Node b[n];
	Node c[n];
	
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		scanf("%d",&a[i].value);
		a[i].BiggerOfNum=0;
	}
	sort(a,a+n,cmp);
	
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		scanf("%d",&b[i].value);
		b[i].BiggerOfNum=0;
	}
	sort(b,b+n,cmp);
	
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		scanf("%d",&c[i].value);
		c[i].BiggerOfNum=0;
	}
	sort(c,c+n,cmp);
	
	for(int i=n-1;i>=0;i--){
    
    
		for(int j=n-1;j>=0;j--){
    
    
			if(b[j].value>a[i].value){
    
    
				a[i].i=j;
			}
		}
	}
	
	for(int i=n-1;i>=0;i--){
    
    
		for(int j=n-1;j>=0;j--){
    
    
			if(c[j].value>b[i].value){
    
    
				b[i].BiggerOfNum++;
			}else{
    
    
				break;
			}
		}
	}
	
	for(int i=n-2;i>=0;i--){
    
    
		b[i].BiggerOfNum+=b[i+1].BiggerOfNum;
	}
	
	int sum=0;
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		sum+=b[a[i].i].BiggerOfNum;
	}
	printf("%d",sum);
	return 0;
}

G日志统计

小明维护着一个程序员论坛。现在他收集了一份"点赞"日志，日志共有N行。其中每一行的格式是：
ts id
表示在ts时刻编号id的帖子收到一个"赞"。

现在小明想统计有哪些帖子曾经是"热帖"。如果一个帖子曾在任意一个长度为D的时间段内收到不少于K个赞，小明就认为这个帖子曾是"热帖"。

具体来说，如果存在某个时刻T满足该帖在[T, T+D)这段时间内(注意是左闭右开区间)收到不少于K个赞，该帖就曾是"热帖"。

给定日志，请你帮助小明统计出所有曾是"热帖"的帖子编号。

【输入格式】
第一行包含三个整数N、D和K。
以下N行每行一条日志，包含两个整数ts和id。

对于50%的数据，1 <= K <= N <= 1000
对于100%的数据，1 <= K <= N <= 100000 0 <= ts <= 100000 0 <= id <= 100000

【输出格式】
按从小到大的顺序输出热帖id。每个id一行。

【输入样例】

【输出样例】

1  
3

资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
code:

#include<vector>
#include<iostream>
#include<algorithm>

using namespace std;
vector<int> a[100001];//使用vector数组
int n,d,k;

int judge(int x){
    
    //判断是否是热门帖
	int len=a[x].size();
	if(len<k)return 0;//如果不足k个赞，必定不是热门帖，返回0
	sort(a[x].begin(),a[x].end());//从小到大排序
	int l=0;//左边界
	int r=l+k-1;//有边界
	
	while(r<len){
    
    //如果是热门帖，必定存在k个时间点中右减左小于时间限制
		if(a[x][r]-a[x][l]<d)return 1;
		else{
    
    
			r++;
			l++;
		}
	}
	return 0;
}

int main(){
    
    
	cin>>n>>d>>k;
	int ts,id;
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		cin>>ts>>id;
		a[id].push_back(ts);//id为数组下标push_back为填入向量值
	}	
	
	int cnt=0;
	int ans[100001];
	for(int i=1;i<=100000;i++){
    
    
		if(judge(i)){
    
    
			ans[cnt++]=i;
		}
	}
	
	for(int i=0;i<cnt;i++){
    
    //从小到大输出
		printf("%d\n",ans[i]);
	}
	return 0;
}

H全球变暖

你有一张某海域NxN像素的照片，".“表示海洋、”#"表示陆地，如下所示：

.......
.##....
.##....
....##.
..####.
...###.
.......

其中"上下左右"四个方向上连在一起的一片陆地组成一座岛屿。例如上图就有2座岛屿。

由于全球变暖导致了海面上升，科学家预测未来几十年，岛屿边缘一个像素的范围会被海水淹没。具体来说如果一块陆地像素与海洋相邻(上下左右四个相邻像素中有海洋)，它就会被淹没。

例如上图中的海域未来会变成如下样子：

.......
.......
.......
.......
....#..
.......
.......

请你计算：依照科学家的预测，照片中有多少岛屿会被完全淹没。

【输入格式】
第一行包含一个整数N。 (1 <= N <= 1000)
以下N行N列代表一张海域照片。

照片保证第1行、第1列、第N行、第N列的像素都是海洋。

【输出格式】
一个整数表示答案。

【输入样例】

7 
.......
.##....
.##....
....##.
..####.
...###.
.......

【输出样例】

资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
code:

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#define  SIZE  1001

int dir[4][2]={
    
    //记录上下左右走的数组 
	{
    
    0,1},
	{
    
    0,-1},
	{
    
    1,0},
	{
    
    -1,0}
};

char M[SIZE][SIZE];//存储图的二维矩阵 
int M_mark[SIZE][SIZE];//是否已经被dfs访问过 
int M_del[SIZE][SIZE];//是否该被被侵蚀函数 

void del_mark(int i,int j,int n){
    
    //单次删除标记 
	if(M[i][j]=='#'){
    
    
		if(i==1&&j==1){
    
    //左上角 
			if(M[i+1][j]=='.'||M[i][j+1]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(i==1&&j==n){
    
    //右上角 
			if(M[i][j-1]=='.'||M[i+1][j]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(i==n&&j==1){
    
    //左下角 
			if(M[i-1][j]=='.'||M[i][j+1]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(i==n&&j==n){
    
    //右下角 
			if(M[i-1][j]=='.'||M[i][j-1]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(i==1){
    
    //第一行 
			if(M[i][j-1]=='.'||M[i][j+1]=='.'||M[i+1][j]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(i==n){
    
    //第n行 
			if(M[i][j-1]=='.'||M[i][j+1]=='.'||M[i-1][j]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(j==1){
    
    //第一列 
			if(M[i+1][j]=='.'||M[i-1][j]=='.'||M[i][j+1]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else if(j==n){
    
    //第n列 
			if(M[i+1][j]=='.'||M[i-1][j]=='.'||M[i][j-1]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}else{
    
    //最一般的情况 
			if(M[i+1][j]=='.'||M[i-1][j]=='.'||M[i][j-1]=='.'||M[i][j+1]=='.')M_del[i][j]=1;
			else M_del[i][j]=0;
		}
	}else{
    
    
		M_del[i][j]=0;
	}
}

void del(int n){
    
    //侵蚀函数 
	memset(M_del,0,sizeof M_del);
	for(int i=1;i<=n;i++){
    
    
		for(int j=1;j<=n;j++){
    
    
			del_mark(i,j,n);
		}
	}
	
	for(int i=1;i<=n;i++){
    
    
		for(int j=1;j<=n;j++){
    
    
			if(M_del[i][j]==1){
    
    
				M[i][j]='.';//岛屿变为海域 
			}
		}
	}
	return ;
}

void dfs(int i,int j,int n){
    
    //dfs函数 
	if(i<1||j<1||i>n||j>n)return ;
	if(M_mark[i][j]==1)return ;
	if(M[i][j]=='.')return ;
	
	M_mark[i][j]=1;
	
	for(int i=0;i<4;i++){
    
    
		int ii=i+dir[i][0];
		int jj=j+dir[i][1];
		dfs(ii,jj,n);
	}
	return ;
}

int sum(int n){
    
    //求和函数 
	int cnt=0;
	for(int i=1;i<=n;i++){
    
    
		for(int j=1;j<=n;j++){
    
    
			if(M[i][j]=='#'&&M_mark[i][j]==0){
    
    
				dfs(i,j,n);
				cnt++;
			}
		}
	}
	return cnt;
}

int main(){
    
    
	int n;
	scanf("%d",&n);
	getchar();
	for(int i=1;i<=n;i++){
    
    
		for(int j=1;j<=n;j++){
    
    
			scanf("%c",&M[i][j]);
		}
		getchar();
	}	
	del(n);
	int ans=sum(n);
	printf("%d",ans);
	return 0;
}

I乘积最大

给定N个整数A1, A2, … AN。请你从中选出K个数，使其乘积最大。
请你求出最大的乘积，由于乘积可能超出整型范围，你只需输出乘积除以1000000009的余数。

注意，如果X<0，我们定义X除以1000000009的余数是负(-X)除以1000000009的余数。
即：0-((0-x) % 1000000009)

【输入格式】
第一行包含两个整数N和K。
以下N行每行一个整数Ai。

对于40%的数据，1 <= K <= N <= 100
对于60%的数据，1 <= K <= 1000
对于100%的数据，1 <= K <= N <= 100000 -100000 <= Ai <= 100000

【输出格式】
一个整数，表示答案。

【输入样例】

【输出样例】

999100009

再例如：
【输入样例】

【输出样例】

-999999829

资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
code:(不完全正确)
这道题刚看到时觉得用贪心做合适，就是先按照绝对值从大到小排好序，然后依次挑出绝对值大的乘在一起，
如果这k个数里面负数有奇数个，再从后面找个负数或找个正数将其替代；
如果这k个数里面负数有偶数个，那正好负负抵消之，可使得乘积最大；
如果这k个数里面有一个0，结果必为0；

#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<math.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define  MOD   1000000009
using namespace std;
bool cmp(int a,int b){
    
    
	return abs(a)>abs(b);
}

int main(){
    
    
	int n,k;
	cin>>n>>k;
	int a[n];
	for(int i=0;i<n;i++){
    
    
		cin>>a[i];
	}
	
	sort(a,a+n,cmp);
	int num_zheng=0;
	int num_fu=0;
	int index_zheng=-1;
	int minAbsZheng=9999999;
	int index_fu=-1;
	int minAbsFu=-9999999;
	for(int i=0;i<k;i++){
    
    
		if(a[i]>0){
    
    
			num_zheng++;
			if(a[i]<minAbsZheng){
    
    
				minAbsZheng=a[i];
				index_zheng=i;
			}
		}
		if(a[i]<0){
    
    
			num_fu++;
			if(a[i]>minAbsFu){
    
    
				minAbsFu=a[i];
				index_fu=i;
			}
		}
	}
	
	if(num_fu%2==0){
    
    
		long long int ans=1;
		for(int i=0;i<k;i++){
    
    
			ans*=a[i];
			if(ans>=0)ans=ans%MOD;
			else ans=0-((0-ans)%MOD);
		}
		printf("%lld",ans);
		return 0;
	}else{
    
    
		long long int ans=1;
		for(int i=0;i<k;i++){
    
    
			if(i==index_fu||i==index_zheng)continue;
			else{
    
    
				ans*=a[i];
				if(ans>=0)ans=ans%MOD;
				else ans=0-((0-ans)%MOD);
			}
		}
		int zheng_add=-1;
		int fu_add=1;
		int flag1=1;
		int flag2=1;
		for(int i=k;i<n;i++){
    
    
			if(a[i]>0&&flag1==1){
    
    
				flag1=0;
				zheng_add=a[i];
			}
			if(a[i]<0&&flag2==1){
    
    
				flag2=0;
				fu_add=a[i];
			}
			if(flag1==0&&flag2==0)break;
		}
		if(zheng_add==-1){
    
    
			ans*=fu_add;
			if(ans>=0)ans=ans%MOD;
			else ans=0-((0-ans)%MOD);
			ans*=a[index_fu];
			if(ans>=0)ans=ans%MOD;
			else ans=0-((0-ans)%MOD);
		}else if(fu_add==1){
    
    
			ans*=zheng_add;
			if(ans>=0)ans=ans%MOD;
			else ans=0-((0-ans)%MOD);
			ans*=a[index_zheng];
			if(ans>=0)ans=ans%MOD;
			else ans=0-((0-ans)%MOD);
		}else{
    
    
			int zheng=(a[index_zheng]*zheng_add)%MOD;
			int fu=(a[index_fu]*fu_add)%MOD;
			if(fu>zheng){
    
    
				ans=(fu*ans);
				if(ans>=0)ans=ans%MOD;
			else ans=0-((0-ans)%MOD);
			}else{
    
    
				ans=(zheng*ans);
				if(ans>=0)ans=ans%MOD;
				else ans=0-((0-ans)%MOD);
			}
		}
		printf("%d",ans);
		return 0;
	}
	return 0;
}