题意：

巴厘岛的一条主干道上共有 $N$ 座雕塑，依次编号为 $1$ 到 $N$。雕塑 $i$ 的年龄为 $Y_i$。
政府想把这些雕塑分成恰好 $X$ 组，要求 $A≤X≤B$。每组不能为空，且每组雕塑的编号必须连续。每个雕塑必须属于某一组。
分组方案需要考虑美观程度。计算方法如下：分别计算每组雕塑的年龄之和，然后将每一组的结果按位取或，就得到了该分组方案的美观值。
求最小的美观值。

数据范围：

前四档： $N<=100,1<=A,B<=N,Y_i<=10^9$
最后一档： $N<=2000,A=1,B<=N,Y_i<=10^9$

Analysis：

这数据范围很显然要分段了。。。
先考虑前四档怎么做，直接DP肯定不行，贪心逐位确定？
考虑一位能不能填0，那么要求分出来的组之和这一位都不能有1，那么前面的位怎么办？
发现只要满足前面的位不出现多余的1即可，因为我们贪心已经使前面最小了。
那么一个 $N^3\log{(N*Y_i)}$的DP就做完了。
考虑第五档部分分怎么做，发现只要让分的组尽量少，那么状态改设 $f_i$表示分到 $i$且合法的最小组数，像上面一样转移即可。复杂度 $O(N^2*\log{(N*Y_i)})$

Code：

# include<cstdio>
# include<cstring>
# include<algorithm>
using namespace std;
const int N = 1e2 + 5;
const int M = 2e3 + 5;
typedef long long ll;
int a[M],f[N][N],g[M];
int n,A,B;
int main()
{
	scanf("%d%d%d",&n,&A,&B);
	for (int i = 1 ; i <= n ; ++i) scanf("%d",&a[i]);
	if (n <= 100)
	{
		ll ret = 0;
		for (int i = 40 ; ~i ; --i)
		{
			memset(f,0,sizeof(f));
			f[0][0] = 1;
			for (int j = 1 ; j <= n ; ++j)
			{
				ll su = 0;
				for (int k = j ; k ; --k)
				{
					su += a[k];
					for (int l = 0 ; l < j ; ++l)
					if (f[k - 1][l] && !(su & (1ll << i)) && (((su >> i) << i) | ret) == ret) f[j][l + 1] = 1;
				}
			}
			bool flag = 0;
			for (int j = A ; j <= B ; ++j)
			if (f[n][j]) { flag = 1; break; }
			if (!flag) ret |= 1ll << i;
		}
		printf("%lld\n",ret);
	}else
	{
		ll ret = 0;
		for (int i = 40 ; ~i ; --i)
		{
			memset(g,0x3f,sizeof(g));
			g[0] = 0;
			for (int j = 1 ; j <= n ; ++j)
			{
				ll su = 0;
				for (int k = j ; k ; --k)
				{
					su += a[k];
					if (!(su & (1ll << i)) && (((su >> i) << i) | ret) == ret) g[j] = min(g[j],g[k - 1] + 1);
				}
			}
			if (g[n] > B) ret |= 1ll << i;
		}
		printf("%lld\n",ret);
	}
	return 0;
}