10310: Pieczęć
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题目描述
一张n*m的方格纸,有些格子需要印成黑色,剩下的格子需要保留白色。
你有一个a*b的印章,有些格子是凸起(会沾上墨水)的。你需要判断能否用这个印章印出纸上的图案。印的过程中需要满足以下要求:
(1)印章不可以旋转。
(2)不能把墨水印到纸外面。
(3)纸上的同一个格子不可以印多次。
输入
第一行一个整数q(1<=q<=10),表示测试点数量。
接下来q个测试点,每个测试点中:
第一行包含4个整数n,m,a,b(1<=n,m,a,b<=1000)。
接下来n行,每行m个字符,描述纸上的图案。'.'表示留白,'x'表示需要染黑。
接下来a行,每行b个字符,描述印章。'.'表示不沾墨水,'x'表示沾墨水。
输出
对于每个测试点,输出TAK(是)或NIE(否)。
样例输入
复制样例数据
2
3 4 4 2
xx..
.xx.
xx..
x.
.x
x.
..
2 2 2 2
xx
xx
.x
x.
样例输出
TAK
NIE
来源/分类
乍一看觉得直接套进去一个点一个点搜索,一看数据,爆炸
想了很久觉得可以把纸上的图案先存到一个数组q中,印章上的存到另一个数组p中,
每次取出图案上的需要染黑且没有染黑的点,用印章上的点进行匹配,如果有印章上有墨的点超出纸的大小或是该点不需要染黑,那么就不符合要求
代码:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 5e3 + 100;
const int maxx=1e6+100;
const int MOD = 1e9 + 7;
char s[maxn][maxn], c[maxn][maxn];
struct node {
int x, y;
} p[maxx], q[maxx];
int n, m, a, b;
int k1, k2;
int flag = 1;
void judge(int x, int y) {
for (int i = 0; i < k2; i++) {
int xx = x + p[i].x - p[0].x;
int yy = y + p[i].y - p[0].y;
if (xx < 1 || xx > n || yy < 1 || yy > m || s[xx][yy] == '.') {
flag = 0;
return;
} else s[xx][yy] = '.';
}
}
int main() {
int t;
scanf("%d", &t);
while (t--) {
k1 = 0, k2 = 0;
scanf("%d%d%d%d", &n, &m, &a, &b);
for (int i = 1; i <= n; i++)
scanf("%s", s[i] + 1);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 1; j <= m; j++) {
if (s[i][j] == 'x') {
q[k1].x = i;
q[k1++].y = j;
}
}
}
for (int i = 1; i <= a; i++)
scanf("%s", c[i] + 1);
for (int i = 1; i <= a; i++) {
for (int j = 1; j <= b; j++) {
if (c[i][j] == 'x') {
p[k2].x = i;
p[k2++].y = j;
}
}
}
if (k2 == 0) {
printf("NIE\n");
continue;
}
flag = 1;
for (int i = 0; i < k1; i++) {
if(s[q[i].x][q[i].y]=='x' && flag)
judge(q[i].x, q[i].y);
}
if (flag) printf("TAK\n");
else printf("NIE\n");
}
return 0;
}