title
POJ 1185
LUOGU 2704
CH POJ1185
Description
司令部的将军们打算在N* M的网格地图上部署他们的炮兵部队。一个N*M的地图由N行M列组成,地图的每一格可能是山地(用"H" 表示),也可能是平原(用"P"表示),如下图。在每一格平原地形上最多可以布置一支炮兵部队(山地上不能够部署炮兵部队);一支炮兵部队在地图上的攻击范围如图中黑色区域所示:
如果在地图中的灰色所标识的平原上部署一支炮兵部队,则图中的黑色的网格表示它能够攻击到的区域:沿横向左右各两格,沿纵向上下各两格。图上其它白色网格均攻击不到。从图上可见炮兵的攻击范围不受地形的影响。
现在,将军们规划如何部署炮兵部队,在防止误伤的前提下(保证任何两支炮兵部队之间不能互相攻击,即任何一支炮兵部队都不在其他支炮兵部队的攻击范围内),在整个地图区域内最多能够摆放多少我军的炮兵部队。
Input
第一行包含两个由空格分割开的正整数,分别表示N和M;
接下来的N行,每一行含有连续的M个字符(‘P’或者’H’),中间没有空格。按顺序表示地图中每一行的数据。N <= 100;M <= 10。
Output
仅一行,包含一个整数K,表示最多能摆放的炮兵部队的数量。
Sample Input
5 4
PHPP
PPHH
PPPP
PHPP
PHHP
Sample Output
6
Source
analysis
这是一道经典的状态压缩类动态规划的题目。
我们可以看到表示列数的 很小,考虑用一个数的二进制位 与 来表示是否放置炮兵,同时我们用 来表示高地, 来表示平原,用 来记录。
我们发现,因为炮兵的范围可以延伸到两行,所以我们在考虑 行的状态时,总要根据 行与 行来推得,于是,我们想到要先将所有可行的状态通过枚举得出来(即满足同行两个炮兵互不攻击),并用 来记录,同时我们也需要把每行所摆的炮兵数用 记录,注意第一行要特殊处理。
完成了以上的准备工作,用 来表示在第i行采用第j个状态,上一行采用第 个状态所能得到的最大炮兵数,于是我们很容易得到状态转移方程:
满足
需满足条件中三个条件所代表的意义分别是, 行与 行、 行均不冲突,且与地形不冲突,然后就可以转移状态了。
code
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=105;
template<typename T>inline void read(T &x)
{
x=0;
T f=1, ch=getchar();
while (!isdigit(ch) && ch^'-') ch=getchar();
if (ch=='-') f=-1, ch=getchar();
while (isdigit(ch)) x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48), ch=getchar();
x*=f;
}
int n,m,siz;
int Count[maxn],state[maxn];
int f[maxn][maxn][maxn],Map[maxn];
inline void pre()
{
for (int i=0; i<(1<<m); ++i)
{
int cnt=0,tmp=i,flag=0;
while (tmp>0)
{
if (tmp&1)
{
if (flag>0) break;
else flag=2;
++cnt;
}
else --flag;
tmp>>=1;
}
if (!tmp)
{
Count[siz]=cnt;
if ((Map[1]|i)==Map[1])
f[1][siz][0]=cnt;
state[siz++]=i;
}
}
}
int main()
{
read(n);read(m);
for (int i=1; i<=n; ++i)
{
char str[20];
scanf("%s",str);
for (int j=0; j<m; ++j)
if (str[j]=='P') Map[i]=(Map[i]<<1)+1;
else Map[i]=(Map[i]<<1)+0;
}
pre();
for (int i=2; i<=n; ++i)
for (int k1=0; k1<siz; ++k1)
for (int k2=0; k2<siz; ++k2)
if (f[i-1][k1][k2]>0)
for (int j=0; j<siz; ++j)
if (!(state[k1]&state[j]) && !(state[j]&state[k2]) && (Map[i]|state[j])==Map[i])
f[i][j][k1]=max(f[i][j][k1],f[i-1][k1][k2]+Count[j]);
int ans=0;
for (int i=0; i<siz; ++i)
for (int j=0; j<siz; ++j)
ans=max(ans,f[n][i][j]);
printf("%d\n",ans);
return 0;
}