题目
给定一个二叉树，返回它的中序 遍历。
示例:
输入: [1,null,2,3]
1
\
2
/
3
输出: [1,3,2]
进阶: 递归算法很简单，你可以通过迭代算法完成吗？
来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode-cn.com/problems/binary-tree-inorder-traversal
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题解
方法一：递归
第一种解决方法是使用递归。这是经典的方法，直截了当。我们可以定义一个辅助函数来实现递归。
class Solution {
public List < Integer > inorderTraversal(TreeNode root) {
List < Integer > res = new ArrayList < > ();
helper(root, res);
return res;
}
public void helper(TreeNode root, List < Integer > res) {
if (root != null) {
if (root.left != null) {
helper(root.left, res);
}
res.add(root.val);
if (root.right != null) {
helper(root.right, res);
}
}
}
}
复杂度分析
时间复杂度：
。递归函数
。
空间复杂度：最坏情况下需要空间
，平均情况为
。
方法二：基于栈的遍历
本方法的策略与上衣方法很相似，区别是使用了栈。
下面是示例:
public class Solution {
public List < Integer > inorderTraversal(TreeNode root) {
List < Integer > res = new ArrayList < > ();
Stack < TreeNode > stack = new Stack < > ();
TreeNode curr = root;
while (curr != null || !stack.isEmpty()) {
while (curr != null) {
stack.push(curr);
curr = curr.left;
}
curr = stack.pop();
res.add(curr.val);
curr = curr.right;
}
return res;
}
}
复杂度分析
时间复杂度：O(n)。
空间复杂度：O(n)。
方法三：莫里斯遍历
本方法中，我们使用一种新的数据结构：线索二叉树。方法如下：
Step 1: 将当前节点current初始化为根节点
Step 2: While current不为空，
若current没有左子节点
a. 将current添加到输出
b. 进入右子树，亦即, current = current.right
否则
a. 在current的左子树中，令current成为最右侧节点的右子节点
b. 进入左子树，亦即，current = current.left
举例而言:
1
/ \
2 3
/ \ /
4 5 6
首先，1 是根节点，所以将 current 初始化为 1。1 有左子节点 2，current 的左子树是
2
/ \
4 5
在此左子树中最右侧的节点是 5，于是将 current(1) 作为 5 的右子节点。令 current = cuurent.left (current = 2)。 现在二叉树的形状为:
2
/ \
4 5
\
1
\
3
/
6
对于 current(2)，其左子节点为4，我们可以继续上述过程
4
\
2
\
5
\
1
\
3
/
6
由于 4 没有左子节点，添加 4 为输出，接着依次添加 2, 5, 1, 3 。节点 3 有左子节点 6，故重复以上过程。 最终的结果是 [4,2,5,1,6,3]。
了解更多细节请查阅 线索二叉树 与 莫里斯方法解析
class Solution {
public List < Integer > inorderTraversal(TreeNode root) {
List < Integer > res = new ArrayList < > ();
TreeNode curr = root;
TreeNode pre;
while (curr != null) {
if (curr.left == null) {
res.add(curr.val);
curr = curr.right; // move to next right node
} else { // has a left subtree
pre = curr.left;
while (pre.right != null) { // find rightmost
pre = pre.right;
}
pre.right = curr; // put cur after the pre node
TreeNode temp = curr; // store cur node
curr = curr.left; // move cur to the top of the new tree
temp.left = null; // original cur left be null, avoid infinite loops
}
}
return res;
}
}
复杂度分析
时间复杂度：O(n)。 想要证明时间复杂度是O(n)，最大的问题是找到每个节点的前驱节点的时间复杂度。乍一想，找到每个节点的前驱节点的时间复杂度应该是 ，因为找到一个节点的前驱节点和树的高度有关。 但事实上，找到所有节点的前驱节点只需要O(n) 时间。一棵 n 个节点的二叉树只有 n-1 条边，每条边只可能使用2次，一次是定位节点，一次是找前驱节点。 故复杂度为 O(n)。
空间复杂度：O(n)。使用了长度为 n 的数组。
作者：LeetCode
链接：https://leetcode-cn.com/problems/two-sum/solution/er-cha-shu-de-zhong-xu-bian-li-by-leetcode/
来源：力扣（LeetCode）
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感想
迭代通过栈来消除递归，这个知识点有点生疏了…… 写了好一会
执行用时 :2 ms, 在所有 Java 提交中击败了53.44%的用户
内存消耗 :34.2 MB, 在所有 Java 提交中击败了59.39%的用户
/**
* Definition for a binary tree node.
* public class TreeNode {
* int val;
* TreeNode left;
* TreeNode right;
* TreeNode(int x) { val = x; }
* }
*/
class Solution {
public List<Integer> inorderTraversal(TreeNode root) {
LinkedList<TreeNode> stack = new LinkedList<>();
LinkedList<Integer> res = new LinkedList<>();
TreeNode temp = root;
while(temp!=null || !stack.isEmpty()){
while(temp!=null) {
stack.push(temp);
temp=temp.left;
}
temp = stack.pop();
res.add(temp.val);
temp = temp.right;
}
return res;
}
}