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64bit IO Format: %lld
题目描述
quailty是一名狂热的ACM音游选手,沉迷各种音乐游戏,比如Lunatic Rave 2,osu!之类的。
今天,quailty玩的是国内游戏厂商雷亚(并不是赞助商)出品的一款音乐游戏Cytus。
游戏中,玩家需要随着游戏界面中上下移动的扫描线来适时演奏对应音符。
当上下移动的黑色线(扫描线)与圆形的物体(音符)的圆心重合时点击音符。
普通音符(图中第一种)只需点击即可。
锁链音符(图中第二种)将带箭头的音符(滑块)按下后不要松开,并将滑块沿着斜线和圆点组成的路径拖动,直至拖动到最后一个圆点处方可松开。注意拖动过程中应保持滑块圆心始终与扫描线重合。
长按音符(图中第三种)按下后不要松开,原地不动,等扫描线到达其末端并显示判定结果后方可松开。
Cytus共有五种判定,从好到坏依次为:彩PERFECT、黑PERFECT、GOOD、BAD、MISS。
得分中包括了90%的“判定分”和10%的“连击分”,而连击分是累进计算的,断COMBO对其影响很大,往往只要有1个MISS就会损失几万的连击分。
彩PERFECT和黑PERFECT在计算得分时一视同仁,只要全部PERFECT即可获得满分,满分为1000000,被称为MILLION Master。
quailty真的很严格,如果打完一把没有拿到MILLION Master,他就认为自己是NAIVE Noob。
现在给你quailty打出的判定序列,请你输出这次游戏的评价是MILLION Master还是NAIVE Noob。
输入描述:
第一行是一个正整数T ( 1 ≤ T ≤ 5 ),表示测试数据的组数,
每组测试数据,第一行是一个正整数n ( 1 ≤ n ≤ 100000 ),表示该组测试数据包含的判定数。接下来的n行,每行包含"PERFECT"、"GOOD"、"BAD"、"MISS"之中的一个字符串,表示quailty打出的一个判定。
输出描述:
对于每组数据,输出一行,包含一个字符串,表示这次游戏的评价。
输入
2 5 PERFECT PERFECT PERFECT PERFECT PERFECT 10 PERFECT MISS PERFECT BAD BAD GOOD BAD GOOD GOOD MISS
输出
MILLION Master NAIVE Noob
题目那么长,我还以为。。。。。。。。
结果是签到题。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int t; 5 int main(){ 6 cin>>t; 7 while(t--){ 8 int n; 9 cin>>n; 10 bool prime = true; 11 for(int i=0;i<n;i++){ 12 string s; 13 cin>>s; 14 if(s!="PERFECT"){ 15 prime = false; 16 } 17 } 18 if(prime){ 19 cout<<"MILLION Master"<<endl; 20 }else 21 cout<<"NAIVE Noob"<<endl; 22 } 23 24 return 0; 25 }
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Special Judge, 64bit IO Format: %lld
题目描述
“清明时节雨纷纷,路上行人欲断魂。”
然而wfy同学的心情是愉快的,因为BNU ACM队出去春游啦!并且,嗯。。。
以下是wfy同学的日记:
昨天,何老师告诉我们:明天我们去春游,大家准备好喝的和吃的哦!
大家听了都兴奋起来,有的欢呼,有的鼓掌,开心得不得了。第二天,我们早早地来到学校,迫不及待地上了车,来到了公园。一进门,啊,太美了!公园中有那么多树,有高有矮,有粗有瘦,密密的,在春风吹拂下轻轻摇摆着,像是欢迎我们的到来。公园中有那么多的鲜花,有红有黄,有紫有白,散发着淡淡的清香,闻得我们都醉了。公园的边角上有一条清澈的小河,河水缓缓地流淌着,可以看到水里的鱼儿在快活地游来游去,多自在啊!水草碧绿碧绿的,多新鲜啊!小河的旁边是一片小树林,远远望去一片鲜绿。我们在里面吃东西、做游戏、捉迷藏,玩得疯极了。树林的后面是连绵起伏的小山坡,蜿蜿的真像一条游动的蛇。当然,我觉得公园的天空也很美。它万里无云,一碧如洗,很清澈。小鸟在展翅飞翔,它们形态各异,一会儿上升,一会儿下滑,一会儿吃虫,一会儿在小树林里休息,非常悠闲。快乐时光总是那么短暂,很快,天色就昏暗了。我们依依不舍地上了车,回到了学校,我真希望明年的春天还能再来看看这美丽的公园。
回到学校后,何老师说:请大家排成一排,我们来拍照片啦!
何老师特别喜欢萌的东西,比如**,比如****,等等。
何老师认为,同学们站成一排时,相邻两个同学身高相差越多,这两个同学站在一起越萌。
那么所有相邻两个同学的身高差加起来越大,拍出来的照片就越萌,也就是这张照片的萌力指数。
何老师希望拍出来的照片的萌力指数尽可能大。
然而何老师并不是数学老师,而是语文老师。何老师觉得很GG。
何老师只想知道,如果让同学们随便站成一排(站成所有排列的可能性都相等),萌力指数的数学期望是多少。
聪明的我一下子就算出了答案,然后何老师就奖励了我一个很萌的礼物。
今天真的好开心。
BNU ACM队共有n名同学,身高分别是,聪明的你能计算出何老师想要的数学期望吗?
输入描述:
第一个是一个正整数T(T ≤ 20),表示测试数据的组数,
每组测试数据只有一行,包含一个整数n(2 ≤ n ≤ 100)。
输出描述:
对于每组测试数据,输出一行,包含一个实数,表示萌力指数的数学期望值,要求相对误差不超过,
也就是说,令输出结果为a,标准答案为b,若满足,则输出结果会被认为是正确答案。
输入
2 2 3
输出
1.000000000000 2.666666666667
说明
对于第二组样例,所有可能的排列是[1,2,3],[1,3,2],[2,1,3],[2,3,1],[3,1,2],[3,2,1],所以答案是
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int main(){ 5 int t; 6 cin>>t; 7 while(t--){ 8 int n; 9 cin>>n; 10 double m = 1.0*(n+1)*(n-1)/3.0; 11 printf("%.12f\n",m); 12 } 13 return 0; 14 }
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题目描述
ghc很喜欢吃汤圆,但是汤圆很容易被粘(zhān)漏。
根据多年吃汤圆经验,ghc总结出了一套汤圆防漏理论:
互相接触的汤圆容易粘(zhān)在一起,并且接触面积不同,粘(zhān)在一起的粘(nián)度也不同。
当ghc要夹起一个汤圆时,这个汤圆和现在碗里与这个汤圆接触的所有汤圆之间的粘(nián)度的和,如果大于汤圆的硬度,这个汤圆就会被粘(zhān)漏。
今天ghc又要煮汤圆啦,今天要煮n个汤圆,并且摆盘的方法已经设计好:
汤圆按照编号,有m对汤圆互相接触,用xi, yi, zi表示编号为xi和yi的两个汤圆互相接触,粘(nián)度为zi。
汤圆当然是越软越好吃,但是ghc的厨艺只允许把所有汤圆煮成同样的硬度。那么,汤圆的硬度最小可以是多少,可以满足吃的过程中,存在一种夹汤圆的顺序,使得没有汤圆会被粘(zhān)漏呢?
注意:
不考虑汤圆的重力作用;
不能同时夹多个汤圆;
吃完汤圆一定要喝点汤。
输入描述:
第一行是一个正整数T(≤ 5),表示测试数据的组数,
对于每组测试数据,
第一行是两个整数n,m(1≤ n,m≤ 100000),
接下来m行,每行包含三个整数xi, yi, zi(1≤ xi, yi ≤ n, xi ≠ yi, 1 ≤ zi ≤ 1000000),
同一对汤圆不会出现两次。
输出描述:
对于每组测试数据,输出一行,包含一个整数,表示汤圆硬度的最小值。
输入
1 4 6 1 2 2 1 3 2 1 4 2 2 3 3 2 4 3 3 4 5
输出
6
这题是赛后补做的,开始想用暴力,仔细一看,。。。。。没办法啦,
之后发现可以用二分先确定硬度。然后在确定是否可以吃完汤圆。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #define ll long long int 3 #define N 100005 4 using namespace std; 5 6 int vis[N]; 7 ll ans[N],y[N]; 8 struct Node{ 9 int to; 10 ll val; 11 }; 12 vector<Node> v[N]; 13 int n,m; 14 bool bfs(ll x){ 15 memset(vis,0,sizeof(vis)); 16 memset(y,0,sizeof(y)); 17 queue<int> q; 18 int cnt = 0; 19 for(int i=1;i<=n;i++){ 20 y[i] = ans[i]; 21 if(y[i]<=x){ 22 vis[i]=1; 23 cnt++; 24 q.push(i); 25 } 26 } 27 while(!q.empty()){ 28 int a = q.front(); 29 q.pop(); 30 vis[a] = 1; 31 for(int j=0;j<v[a].size();j++){ 32 int xx = v[a][j].to; 33 int yy = v[a][j].val; 34 if(!vis[xx]){ 35 y[xx]-=yy; 36 if(y[xx]<=x){ 37 q.push(xx); 38 vis[xx]=1; 39 cnt++; 40 } 41 } 42 } 43 } 44 if(cnt==n){ 45 return true; 46 }else{ 47 return false; 48 } 49 } 50 int t; 51 int main(){ 52 cin>>t; 53 while(t--){ 54 cin>>n>>m; 55 memset(ans,0,sizeof(ans)); 56 for(int i=0;i<N;i++){ 57 v[i].clear(); 58 } 59 for(int i=0;i<m;i++){ 60 int x,y,z; 61 cin>>x>>y>>z; 62 ans[x]+=z; 63 ans[y]+=z; 64 Node node; 65 node.to = y,node.val = z; 66 v[x].push_back(node); 67 node.to = x; 68 v[y].push_back(node); 69 } 70 ll l=0,r=1e12; 71 while(l<=r){ 72 ll pos = (l+r)>>1; 73 if(!bfs(pos)) 74 l=pos+1; 75 else 76 r=pos-1; 77 } 78 cout<<l<<endl; 79 } 80 return 0; 81 }
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题目描述
输入描述:
第一行是一个正整数T(≤ 10),表示测试数据的组数,
对于每组测试数据,
第一行是两个正整数n(≤ 1000000)和k(≤ 1000000000),分别表示队列长度和最终的比赛总期待度,
接下来一行包含n个字符,表示这个队列,第i个字符表示队列里的第i个人,'D'表示大佬,'M'表示萌新,保证不会出现其它字符。
输出描述:
对于每组测试数据,输出一行,包含一个整数,表示最少的交换次数,无解输出-1。
输入
2 3 1 DMM 3 3 DMM
输出
1 -1
仔细分析一下,直接减就行啦,但是注意判断一下边界就行。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #define ll long long int 3 using namespace std; 4 char s[1000005]; 5 int main(){ 6 int n; 7 cin>>n; 8 while(n--){ 9 memset(s,0,sizeof(s)); 10 int m,k; 11 cin>>m>>k; 12 cin>>s; 13 ll cnt = 0,ans = 0; 14 for(int i=0;i<strlen(s);i++){ 15 if(s[i]=='D'){ 16 cnt++; 17 }else{ 18 ans+=cnt; 19 } 20 } 21 if(k>cnt*(strlen(s)-cnt)) 22 cout<<"-1"<<endl; 23 else 24 cout<<abs(ans-k)<<endl; 25 26 } 27 28 return 0; 29 }