1. 题目

动物收容所。有家动物收容所只收容狗与猫，且严格遵守“先进先出”的原则。

在收养该收容所的动物时，收养人只能收养所有动物中“最老”（由其进入收容所的时间长短而定）的动物，或者可以挑选猫或狗（同时必须收养此类动物中“最老”的）。

换言之，收养人不能自由挑选想收养的对象。请创建适用于这个系统的数据结构，实现各种操作方法，比如enqueue、dequeueAny、dequeueDog和dequeueCat。允许使用Java内置的LinkedList数据结构。

• enqueue方法有一个animal参数，animal[0]代表动物编号，animal[1]代表动物种类，其中 0 代表猫，1 代表狗。

• dequeue*方法返回一个列表[动物编号, 动物种类]，若没有可以收养的动物，则返回 [-1,-1]。

示例1:
 输入：
["AnimalShelf", "enqueue", "enqueue", "dequeueCat", "dequeueDog", "dequeueAny"]
[[], [[0, 0]], [[1, 0]], [], [], []]
 输出：
[null,null,null,[0,0],[-1,-1],[1,0]]

示例2:
 输入：
["AnimalShelf", "enqueue", "enqueue", "enqueue", "dequeueDog", "dequeueCat", "dequeueAny"]
[[], [[0, 0]], [[1, 0]], [[2, 1]], [], [], []]
 输出：
[null,null,null,null,[2,1],[0,0],[1,0]]

说明:
收纳所的最大容量为20000

2. 解题

• 第一个参数animal[0]就是时间，小的表示时间早

class AnimalShelf {
    queue<vector<int>> dog;
    queue<vector<int>> cat;
    vector<int> ans;
public:
    AnimalShelf() {}
    
    void enqueue(vector<int> animal) {
        if(animal[1] == 0)
            cat.push(animal);
        else
            dog.push(animal);
    }
    
    vector<int> dequeueAny() {
        if(!dog.empty() && cat.empty())
            return dequeueDog();
        else if(dog.empty() && !cat.empty())
            return dequeueCat();
        else if(dog.empty() && cat.empty())
            return {-1,-1};
        else
        {
            if(dog.front()[0] < cat.front()[0])
                return dequeueDog();
            return dequeueCat();
        }
    }
    
    vector<int> dequeueDog() {
        if(!dog.empty())
        {
            ans = dog.front();
            dog.pop();
            return ans;
        }
        return {-1,-1};
    }
    
    vector<int> dequeueCat() {
        if(!cat.empty())
        {
            ans = cat.front();
            cat.pop();
            return ans;
        }
        return {-1,-1};
    }
};