【题目】

题目描述：

给你一个长度为 n 的排列，小W每次可以选择一个数，做以下操作：

不断把这个数与它右边的数交换。

当它右边没有数，或它右边的数比它大时，停止操作。

比如序列 1 4 3 2 5，对 4 操作后就是 1 3 2 4 5 。

输入格式：

第一行一个正整数 n 。

第二行 n 个数，从左到右描述给定的排列。

输出格式：

输出一个数表示答案。

样例数据：

输入：

5

3 2 5 1 4

输出：

3

备注：

样例说明：

按顺序选 5，2，3 。

数据规模与约定：

对于 30% 的数据，n≤100。

对于 100% 的数据，n≤1000000。

【分析】

乍一看呢，这道题似乎不是那么好做，而且数据范围也比较大，面对1e+6这么大的n，我们考虑用O（n logn）或者是O（n）的时间复杂度来解决

（反正我是不会告诉你我用暴力拿的50分）

首先，一个数只能往右边移动，那么当它的右边有比它小的数的时候，就必然会对它进行一遍操作

这样一来，问题就简单了，用一个数（假设为minn）记录这个数（假设为a[i]）右边的数中最小的数，那么，当minn<a[i]时，答案就增加一，否则答案不变

【代码】

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=1e+6+5;
const int oo=2e+9;
int a[N];
int main()
{
//	freopen("sort.in","r",stdin);
//	freopen("sort.out","w",stdout);
	int n,i,s=0,minn=oo;
	scanf("%d",&n);
	for(i=1;i<=n;++i)
	  scanf("%d",&a[i]);
	for(i=n;i>=1;--i)
	{
		if(minn<a[i])
		  s++;
		minn=min(minn,a[i]);
	}
	printf("%d",s);
//	fclose(stdin);
//	fclose(stdout);
	return 0;
}