Problem Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
Sample Output
Case 1:
6
33
59
不知道大家有没有注意到题目中的一段话:
Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。
“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”
我没别的意思 就是说,
所以没事就要多看看书 本人作为不经常看书的萌新 哭唧唧。。。
刚学线段树 这题是一个板子题 值得背下来。
/*
qq:1239198605
ctgu_yyf
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<vector>
#include<queue>
#include<stack>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define ll long long
using namespace std;
int inf=999999;
int n;//数组元素个数
int dat[50005*4];
//递归建立线段树
// 1 1 n
void build(int k,int l,int r)
{
if(l==r)
cin>>dat[k];
else
{
int mid=(l+r)/2;
build(k*2,l,mid);
build(k*2+1,mid+1,r);
dat[k]=dat[k*2]+dat[k*2+1];
}
}
//更新
void update(int l,int r,int k,int pos,int v)
{
if(l==r) dat[k]=dat[k]+v;
else
{
int mid=(l+r)/2;
if(pos<=mid)
update(l,mid,k*2,pos,v);
if(pos>mid)
update(mid+1,r,k*2+1,pos,v);
dat[k]=dat[2*k]+dat[2*k+1];
}
}
//查询
int query(int a,int b,int k,int l,int r)
{
if(a>=l&&b<=r) return dat[k];
else
{
int ans=0;
int mid=(a+b)/2;
if(l<=mid) ans=ans+query(a,mid,k*2,l,r);
if(r>mid) ans=ans+query(mid+1,b,k*2+1,l,r);
return ans;
}
}
int main()
{
// ios::sync_with_stdio(false);
int t;
scanf("%d",&t);
for(int i=1;i<=t;i++)
{
cin>>n;
//cout<<"Case "<<i<<":"<<endl;
printf("Case %d:\n",i);
//建立线段树
build(1,1,n);
//查询 更新
while(true)
{
string s;
cin>>s;
//如果是查询
if(s[0]=='Q')
{
int x;
int y;
scanf("%d%d",&x,&y);
//cout<<query(1,n,1,x,y)<<endl;
printf("%d\n",query(1,n,1,x,y));
}
//如果是更新 添加
else if(s[0]=='A')
{
int pos;
int v;
//cin>>pos>>v;
scanf("%d%d",&pos,&v);
update(1,n,1,pos,v);
}
else if(s[0]=='S')
{
int pos;
int v;
scanf("%d%d",&pos,&v);
update(1,n,1,pos,-v);
}
else
break;
}
}
return 0;
}