题目描述
物流公司要把一批货物从码头A运到码头B。由于货物量比较大，需要n天才能运完。货物运输过程中一般要转停好几个码头。物流公司通常会设计一条固定的运输路线，以便对整个运输过程实施严格的管理和跟踪。由于各种因素的存在，有的时候某个码头会无法装卸货物。这时候就必须修改运输路线，让货物能够按时到达目的地。但是修改路线是—件十分麻烦的事情，会带来额外的成本。因此物流公司希望能够订一个n天的运输计划，使得总成本尽可能地小。
输入输出格式
输入格式：

第一行是四个整数n(l≤n≤100)、m(l≤m≤20)、K和e。n表示货物运输所需天数，m表示码头总数，K表示每次修改运输路线所需成本，e表示航线条数。接下来e行每行是一条航线描述，包括了三个整数，依次表示航线连接的两个码头编号以及航线长度(>0)。其中码头A编号为1，码头B编号为m。单位长度的运输费用为1。航线是双向的。再接下来一行是一个整数d，后面的d行每行是三个整数P(1

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define maxn 100005

int date,n,kk,m;
ll dp[maxn];
int dist[maxn];
bool close[maxn][200],flag[maxn],vis[maxn];
int head[maxn];
int cost[maxn][300];
int tot;

struct node
{
    int to,w,nxt;
}edge[maxn];

void addedge(int u,int v,int w)
{
    edge[++tot].to=v;edge[tot].w=w;
    edge[tot].nxt=head[u];head[u]=tot;
}

int spfa(int x,int y)
{
    memset(dist,0x3f,sizeof(dist));
    memset(vis,0,sizeof(vis));memset(flag,0,sizeof(flag));
    for(int i=1;i<=n;i++){
        for(int j=x;j<=y;j++){
            if(close[i][j])flag[i]=1;
        }
    }

    queue<int>q;
    q.push(1);dist[1]=0;vis[1]=1;
    while(!q.empty()){
        int u=q.front();q.pop();
        vis[u]=0;
        for(int i=head[u];i;i=edge[i].nxt){
            int v=edge[i].to;
            if(flag[v])continue;
            if(dist[v]>dist[u]+edge[i].w){
                dist[v]=dist[u]+edge[i].w;
                if(!vis[v]){
                    q.push(v);vis[v]=1;
                }
            }
        }
    }
    return dist[n];
}


int main()
{
    scanf("%d%d%d%d",&date,&n,&kk,&m);
    for(int i=1;i<=m;i++){
        int u,v,w;scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
        addedge(u,v,w);addedge(v,u,w);
    }
    int tt;scanf("%d",&tt);
    for(int i=1;i<=tt;i++){
        int p,a,b;
        scanf("%d%d%d",&p,&a,&b);
        for(int j=a;j<=b;j++){
            close[p][j]=1;
        }
    }
    for(int i=1;i<=date;i++){
        for(int j=1;j<=date;j++){
            cost[i][j]=spfa(i,j);
        }
    }
    for(int i=1;i<=date;i++){
        dp[i]=(ll)cost[1][i]*i;
        for(int j=1;j<=i;j++){
            dp[i]=min(dp[i],dp[j]+kk+(ll)cost[j+1][i]*(i-j));
        }
    }
    printf("%lld\n",dp[date]);
}