>Description
我们按以下方式产生序列：
1、 开始时序列是： “1” ；
2、 每一次变化把序列中的 “1” 变成 “10” ，“0” 变成 “1”。
经过无限次变化，我们得到序列"1011010110110101101…"。
总共有 Q 个询问，每次询问为：在区间A和B之间有多少个1。
任务 写一个程序回答Q个询问

>Input
第一行为一个整数Q，后面有Q行，每行两个数用空格隔开的整数a, b。

>Output
共Q行，每行一个回答

>Sample Input
1
2 8

>Sample Output
4

1 <= Q <= 5000
1 <= a <= b < 2^63

>解题思路
列举以后可以发现规律：
每第(i)次变化得来的数列为第(i-1)次+第(i-2)次——也就是斐波那契数列
所以，相同地，第(i)个数列中1的数量为第(i-1)次+第(i-2)次。

由于a ~ b可以看为：(1~b) - (1 ~ a-1)，前缀和，
然后，1~i的数列中1的个数，可以看成是经过某两次变化得来的1的个数的和(a+b)，其中这分别两次变化得来的数列的长度的和必须为i。

>代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
int n;
long long aa,bb,f[100],c[100];
long long ooo(long long cc)
{
	for(int i=1;i<=92;i++)
	 if(c[i]==cc) return f[i];
	 else if(c[i]>cc) return f[i-1]+ooo(cc-c[i-1]);
}
int main()
{
	scanf("%d",&n);
	f[1]=f[2]=1; //f[i]记录第i个数列中1的个数
	c[1]=1; c[2]=2; //c[i]记录第i个数列的长度
	for(int i=3;i<=92;i++)
	 f[i]=f[i-1]+f[i-2],c[i]=c[i-1]+c[i-2]; //斐波那契数列
	for(int i=1;i<=n;i++)
	{
		scanf("%lld%lld",&aa,&bb);
		long long li=ooo(bb),sa;
		if(aa-1==0) sa=0; //如果数列为1~bb的话就只用求bb
		else sa=ooo(aa-1);
		printf("%lld\n",li-sa); 
	}
	return 0;
}