题目
小渊和小轩是好朋友也是同班同学,他们在一起总有谈不完的话题。一次素质拓展活动中,班上同学安排做成一个m行n列的矩阵,而小渊和小轩被安排在矩阵对角线的两端,因此,他们就无法直接交谈了。幸运的是,他们可以通过传纸条来进行交流。纸条要经由许多同学传到对方手里,小渊坐在矩阵的左上角,坐标(1,1),小轩坐在矩阵的右下角,坐标(m,n)。从小渊传到小轩的纸条只可以向下或者向右传递,从小轩传给小渊的纸条只可以向上或者向左传递。
在活动进行中,小渊希望给小轩传递一张纸条,同时希望小轩给他回复。班里每个同学都可以帮他们传递,但只会帮他们一次,也就是说如果此人在小渊递给小轩纸条的时候帮忙,那么在小轩递给小渊的时候就不会再帮忙。反之亦然。
还有一件事情需要注意,全班每个同学愿意帮忙的好感度有高有低(注意:小渊和小轩的好心程度没有定义,输入时用0表示),可以用一个0-100的自然数来表示,数越大表示越好心。小渊和小轩希望尽可能找好心程度高的同学来帮忙传纸条,即找到来回两条传递路径,使得这两条路径上同学的好心程度只和最大。现在,请你帮助小渊和小轩找到这样的两条路径。
输入
输入第一行有2个用空格隔开的整数m和n,表示班里有m行n列(1<=m,n<=50)。
接下来的m行是一个m*n的矩阵,矩阵中第i行j列的整数表示坐在第i行j列的学生的好心程度。每行的n个整数之间用空格隔开。
输出
输出一行,包含一个整数,表示来回两条路上参与传递纸条的学生的好心程度之和的最大值。
样例输入
3 3
0 3 9
2 8 5
5 7 0
样例输出
34
数据范围
30%的数据满足:1<=m,n<=10
100%的数据满足:1<=m,n<=50
分析
本题是一个多线程动态规划,可看作是找到从左上角到右下角的两条不相交路径。
根据题意可得出状态转移方程:
dp[x1][y1][x2][y2]=max(dp[x1][y1-1][x2][y2-1],dp[x1][y1-1][x2-1][y2],dp[x1-1][y1][x2][y2-1],dp[x1-1][y1][x2-1][y2])+a[x1][y1]+a[x2][y2];//a[i][j]存权值
然而肯定是要优化的呀!这样做复杂度为O(n^4)。
优化
先附大佬链接 点我.分析的很详细,我都能看懂
接下来讲的(翻译的 )是此链接里的第二种优化方法,我觉得这个方法看起来比较顺眼哈哈哈~~
1、从点(1,1)出发,对于所有步数为S的位置,都有X+Y=S+2;
比方说从点(1,1)出发,走到(2,3)需要3步,走到(4,1)也需要3步,任意步数为3的位置,都有X+Y=3+2;
则可以根据这一规律,以走到右下角需要的步数为切入点优化,通过简化假设所从(1,1)点到(X,Y)点所走步数为K,则有K=X+Y;(K初始值为2即设在(1,1)点时已经走了2步,为了好列式子嘛~~)
各位看官请注意了,我们对上面的式子进行变形:Y=K-X,这么一来当K和X确定的时候,Y的值自然也就确定了。也就是说当步数为K,行数为X时,有且只有一个点与之对应,即(X,K-X)。
SO,状态方程可转变成:
dp[k][x1][x2]=max(dp[k-1][x1-1][x2],dp[k-1][x1-1][x2-1],dp[k-1][x1][x2],dp[k-1][x1][x2-1])+a[x1][k-x1]+a[x2][k-x2];
//dp记录当步数为K时(即走到第K步时),且路径1在X1行、路径2在X2行的时候的,两条路径权值之和的,最大值!!
2、且当X1=X2的时候,两条路径是相交的,因为K相同,X相同,他俩的Y也相同,所以走到同一个点上去了,这种情况不能要!!
关键代码为:
int DP() {
for (int k = 2; k <= m + n - 1; k++) {
for (int x1 = 1; x1 <=k; x1++) {//注意是x1<=k而不是x1<=m哦
for (int x2 = 1; x2 <= k; x2++) {
if (x1 == x2)//路径相同时
continue;
else
dp[k][x1][x2] = maxx(dp[k - 1][x1][x2], dp[k - 1][x1][x2 - 1], dp[k - 1][x1 - 1][x2], dp[k - 1][x1 - 1][x2 - 1]) + a[x1][k - x1] + a[x2][k - x2];
}
}
}
return dp[m + n - 1][m][m - 1];
}
另附蓝桥AC代码:
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<stdio.h>
using namespace std;
#define N 55
int a[N][N];
int dp[2 * N][N][N];
int n, m;
int maxx(int a1, int a2, int a3, int a4) {
return max(max(a1, a2), max(a3, a4));
}
int DP() {
for (int k = 2; k <= m + n - 1; k++) {
for (int x1 = 1; x1 <=k; x1++) {
for (int x2 = 1; x2 <= k; x2++) {
if (x1 == x2)
continue;
else
dp[k][x1][x2] = maxx(dp[k - 1][x1][x2], dp[k - 1][x1][x2 - 1], dp[k - 1][x1 - 1][x2], dp[k - 1][x1 - 1][x2 - 1]) + a[x1][k - x1] + a[x2][k - x2];
}
}
}
return dp[m + n - 1][m][m - 1];
}
int main() {
//freopen("10.txt", "r",stdin);
cin >> m >> n;
memset(dp, 0, sizeof(dp));
for (int i = 1; i <= m; i++) {
for (int j = 1; j <= n; j++) {
cin >> a[i][j];
}
}
int ans = DP();
cout << ans;
// fclose(stdin);
return 0;
}
做完题后又发现另一个写的很不错的博客点我.
我一直对博客写的很好的大佬们充满敬意!!感谢你们!!!!
溜了溜了~~